內容
在△ABC中,D是BC上的一點,連結AD。那麼sin∠BAD/AC+sin∠CAD/AB=sin∠BAC/AD。
逆定理: 如果sin∠BAD/AC+sin∠CAD/AB=sin∠BAC/AD,那麼B,D,C三點共線。
張角定理
定理的推論:
在定理的條件下,且∠BAD=∠CAD,即AD平分∠BAC,則B D C共線的充要條件是:2cos∠BAD/AD=1/AB+1/AC
一說本定理是公元184年由中國的張角發現(其實只是網友之惡搞)。
證明
證法1:
設∠1=∠BAD,∠2=∠CAD
由分角定理,
S△ABD/S△ABC=BD/BC=(AD/AC)*(sin∠1/sin∠BAC)
→ (BD/BC)*(sin∠BAC/AD)=sin∠1/AC (1.1)
S△ACD/S△ABC=CD/BC=(AD/AB)*(sin∠2/sin∠BAC)
→ (CD/BC)*(sin∠BAC/AD)=sin∠2/AB (1.2)
(1.1)式+(1.2)式即得 sin∠1/AC+sin∠2/AB=sin∠BAC/AD。
證法2:
由正弦定理,
AD/sinB=BD/sin∠1, (2.1)
AD/sinC=CD/sin∠2, (2.2)
AB/sinC=BC/sin(∠1+∠2), (2.3)
AC/sinB=BC/sin(∠1+∠2); (2.4)
那麼由(2.1),(2.2),BD=ADsin∠1/sinB,CD=ADsin∠2/sinC,從而
BC=BD+CD=AD(sin∠1/sinB+sin∠2/sinC) (2.5)
由(2.3),(2.4),知sin∠1/AC=sin∠1sin(∠1+∠2) / BCsinB,sin∠2/AB=sin∠2sin(∠1+∠2) / BCsinC。
將以上兩式相加,並將(2.5)代入即可。
證法3:
由面積和得:
0.5sin∠BAD*BA*AD+0.5sin∠DAC*DA*AC=0.5sin∠BAC*BA*AC
應用
把平面幾何和三角函式緊密相連,它給出了用三角法處理平面幾何問題的一個頗為有用的公式,並且是一個非常有效的證明三點共線的手段。用它去解幾何題,適當地配合三角形面積公式、正弦定理、三角公式、幾何知識,可以大大簡化解題步驟,眾多的幾何問題可以得到簡捷統一的解決。
內容
在△ABC中,D是BC上的一點,連結AD。那麼sin∠BAD/AC+sin∠CAD/AB=sin∠BAC/AD。
逆定理: 如果sin∠BAD/AC+sin∠CAD/AB=sin∠BAC/AD,那麼B,D,C三點共線。
張角定理
定理的推論:
在定理的條件下,且∠BAD=∠CAD,即AD平分∠BAC,則B D C共線的充要條件是:2cos∠BAD/AD=1/AB+1/AC
一說本定理是公元184年由中國的張角發現(其實只是網友之惡搞)。
證明
證法1:
設∠1=∠BAD,∠2=∠CAD
由分角定理,
S△ABD/S△ABC=BD/BC=(AD/AC)*(sin∠1/sin∠BAC)
→ (BD/BC)*(sin∠BAC/AD)=sin∠1/AC (1.1)
S△ACD/S△ABC=CD/BC=(AD/AB)*(sin∠2/sin∠BAC)
→ (CD/BC)*(sin∠BAC/AD)=sin∠2/AB (1.2)
(1.1)式+(1.2)式即得 sin∠1/AC+sin∠2/AB=sin∠BAC/AD。
證法2:
由正弦定理,
AD/sinB=BD/sin∠1, (2.1)
AD/sinC=CD/sin∠2, (2.2)
AB/sinC=BC/sin(∠1+∠2), (2.3)
AC/sinB=BC/sin(∠1+∠2); (2.4)
那麼由(2.1),(2.2),BD=ADsin∠1/sinB,CD=ADsin∠2/sinC,從而
BC=BD+CD=AD(sin∠1/sinB+sin∠2/sinC) (2.5)
由(2.3),(2.4),知sin∠1/AC=sin∠1sin(∠1+∠2) / BCsinB,sin∠2/AB=sin∠2sin(∠1+∠2) / BCsinC。
將以上兩式相加,並將(2.5)代入即可。
證法3:
由面積和得:
0.5sin∠BAD*BA*AD+0.5sin∠DAC*DA*AC=0.5sin∠BAC*BA*AC
應用
把平面幾何和三角函式緊密相連,它給出了用三角法處理平面幾何問題的一個頗為有用的公式,並且是一個非常有效的證明三點共線的手段。用它去解幾何題,適當地配合三角形面積公式、正弦定理、三角公式、幾何知識,可以大大簡化解題步驟,眾多的幾何問題可以得到簡捷統一的解決。